- 本试卷共四大题,满分100分，考试时间90分钟。
- 请将答案填写在答题卡相应位置,写在试卷上无效。
- 答题前,请务必填写好自己的姓名、班级和考号。
单项选择题（本大题共8小题，每小题4分，共32分，在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。）
（根据人教版必修一）关于质点，下列说法正确的是： A. 体积很小的物体一定能看作质点 B. 质量很小的物体一定能看作质点 C. 研究地球公转时，地球可以看作质点 D. 研究跳水运动员的空中动作时，运动员可以看作质点
（根据人教版必修二）一个物体在相互垂直的恒力F1和F2作用下，从静止开始运动，在一段时间内，F1对物体做功6J，F2对物体做功8J，则合力对物体做功为： A. 2J B. 10J C. 14J D. 48J
（根据人教版必修三）关于电场强度和电势，下列说法正确的是： A. 电场强度为零的地方，电势一定为零 B. 电势为零的地方，电场强度一定为零 C. 电场强度方向是电势降落最快的方向 D. 沿着电场线方向，电势逐渐升高
（根据人教版必修一）如图所示，一个物体在水平拉力F作用下沿粗糙水平面匀速直线运动，下列说法正确的是： A. 拉力F与摩擦力大小不相等 B. 物体所受合力为零 C. 物体所受支持力对物体做正功 D. 物体的机械能保持不变
（根据人教版必修二）关于匀速圆周运动，下列说法正确的是： A. 是匀速运动 B. 是匀变速运动 C. 所受合力方向始终指向圆心 D. 线速度方向保持不变
（根据人教版必修三）在“测定金属的电阻率”实验中，以下操作错误的是： A. 用螺旋测微器测量金属丝直径时，读数时应估读到最小刻度的下一位 B. 测量金属丝长度时，应测量接入电路的有效长度 C. 实验中通过金属丝的电流不宜过大，以免温度升高影响电阻率 D. 为了减小实验误差，电流表和电压表可以采用内接法或外接法任意一种
（根据人教版选择性必修一）一列简谐横波沿x轴正方向传播，某时刻的波形图如图所示，则关于质点P和Q，下列说法正确的是： A. 该时刻，P点速度方向沿y轴正方向 B. 该时刻，Q点加速度方向沿y轴负方向 C. P点和Q点的振动步调始终一致 D. 再经过四分之一周期，P点运动到平衡位置
（根据人教版选择性必修二）如图所示，闭合矩形线框abcd位于匀强磁场中，线框平面与磁场方向垂直，下列哪种情况线框中会产生感应电流？ A. 线框沿磁感线方向匀速运动 B. 线框垂直于磁感线方向匀速运动 C. 线框绕垂直于磁场的轴匀速转动 D. 线框在磁场中保持静止
多项选择题（本大题共4小题，每小题5分，共20分，在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。）
（根据人教版必修一、二）一个物体从某一高度水平抛出，不计空气阻力，关于物体在空中运动的过程，下列说法正确的是： A. 物体的运动是匀变速曲线运动 B. 物体的动能随时间均匀增加 C. 相同时间内速度的变化量相同 D. 重力做功的功率保持不变
（根据人教版必修三）在如图所示的电路中，电源电动势为E，内阻为r，R1、R2为定值电阻，R为滑动变阻器，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P向下滑动时，以下判断正确的是： A. 电压表V1示数变大 B. 电压表V2示数变小 C. 电流表A示数变大 D. 电源的输出功率可能变大
（根据人教版选择性必修一）关于光的干涉和衍射现象，下列说法正确的是： A. 光的干涉和衍射现象说明光具有波动性 B. 双缝干涉条纹是等间距的明暗相间条纹 C. 单缝衍射条纹是中央亮纹最宽最亮，两侧明暗相间且不等间距 D. 薄膜干涉是由照射到膜上的光与膜下表面反射的光叠加形成的
（根据人教版选择性必修三）关于原子结构和能级，下列说法正确的是： A. 卢瑟福的α粒子散射实验说明了原子具有核式结构 B. 氢原子从高能级向低能级跃迁时，辐射光子的能量等于两能级差 C. 大量处于n=4能级的氢原子向低能级跃迁时，最多能辐射出3种不同频率的光 D. 放射性元素的半衰期与原子所处的化学状态和外部条件有关
实验与探究题（本大题共2小题，共18分）
（8分）（根据人教版必修一）“探究加速度与力、质量的关系”实验装置如图甲所示。 （1）实验中，为了平衡摩擦力，应适当抬高木板__（填“左”或“右”）端，使小车在不挂砂桶时能做____运动。 （2）在保持小车质量不变的情况下，改变砂和砂桶的总质量，测得小车加速度a与拉力F的数据如下表所示，请在图乙坐标纸上作出a-F图像。 （3）由图像可得出的实验结论是：____。 （4）实验中，砂和砂桶的总质量m应____（填“远大于”、“远小于”或“等于”）小车质量M，这样砂和砂桶的总重力才近似等于小车所受的拉力。
（10分）（根据人教版必修三）某同学要测量一节干电池的电动势和内阻。 （1）他先用多用电表直流电压2.5V挡粗测电动势，指针位置如图所示，读数为__V。 （2）随后他设计了如图所示的电路进行精确测量，图中R0为定值电阻，起____作用。 （3）改变滑动变阻器R的阻值，测出多组电压U和电流I的值，并作出U-I图像如图所示，根据图像可得，该干电池的电动势E=__V，内阻r=__Ω。（结果保留两位小数） （4）该实验方案测出的内阻与真实值相比____（填“偏大”、“偏小”或“相等”），原因是____。
计算题（本大题共3小题，共30分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分。）
（8分）（根据人教版必修二）如图所示，质量为m=2kg的物体，在水平推力F=20N的作用下，从斜面底端由静止开始沿倾角θ=37°的斜面向上运动，已知物体与斜面间的动摩擦因数μ=0.5，斜面足够长，sin37°=0.6，cos37°=0.8，取g=10m/s²，求： （1）物体沿斜面向上运动的加速度大小； （2）若物体上行4s后撤去推力F，则物体还能沿斜面上滑的最大距离。
（10分）（根据人教版必修三与选择性必修二结合）如图所示，足够长的平行光滑金属导轨MN、PQ固定在水平面上，间距L=1m，导轨左端连接阻值R=2Ω的定值电阻，整个导轨处于竖直向上的匀强磁场中，磁感应强度B=0.5T，一根质量m=0.1kg、电阻r=1Ω的导体棒ab垂直放置在导轨上，在水平恒力F=0.5N的作用下从静止开始运动，导轨电阻不计，求： （1）导体棒能达到的最大速度vm； （2）当导体棒速度达到最大速度一半时，导体棒的加速度大小； （3）若导体棒从静止开始运动到速度达到最大过程中，通过电阻R的电荷量为0.5C，求此过程中电阻R上产生的焦耳热。
（12分）（根据人教版选择性必修一）如图所示，在光滑水平面上静止放置一质量为M=2kg的木板，木板右端固定一轻质弹簧，一质量为m=1kg的小物块（可视为质点）以初速度v0=6m/s从木板左端滑上木板，已知物块与木板间的动摩擦因数μ=0.3，木板足够长，弹簧始终在弹性限度内，取g=10m/s²，求： （1）物块刚滑上木板时，物块和木板的加速度大小； （2）木板的最大速度； （3）弹簧被压缩到最短时，木板的速度大小； （4）整个过程中，系统因摩擦产生的总热量。
2025年人教版高中物理学业水平综合测评试卷 参考答案
单项选择题
C 2. C 3. C 4. B 5. C 6. D 7. B 8. C
多项选择题9. AC 10. BD 11. ABC 12. AB
实验与探究题13. （1）右，匀速直线（或匀速） （2）图略（描点连线，应为一条过原点的直线） （3）在质量一定时，物体的加速度与所受合外力成正比。 （4）远小于
（1）1.50 （2）保护电路（或防止短路） （3）1.48~1.50，0.50~0.55 （4）偏小，电压表的分流作用导致电流表示数小于干路总电流。
计算题15. （1）对物体受力分析，沿斜面方向：Fcosθ - mgsinθ - μ(mgcosθ + Fsinθ) = ma1 代入数据解得：a1 = 0.5 m/s² （2）4s末速度：v = a1t = 2 m/s 撤去F后，加速度a2 = gsinθ + μgcosθ = 10 m/s² 上滑距离 s = v²/(2a2) = 0.2 m
（1）当F = F安时，速度最大，F安 = BIL = B²L²vm/(R+r) 由F = B²L²vm/(R+r) 得 vm = F(R+r)/(B²L²) = 6 m/s （2）当v = vm/2 = 3 m/s时，F安 = B²L²v/(R+r) = 0.25 N 由牛顿第二定律：F - F安 = ma， 解得 a = 2.5 m/s² （3）通过R的电荷量q = ΔΦ/(R+r) = BLs/(R+r)， 解得位移s = 3 m 由动能定理：Fs = Q总 + ½ mvm²， 解得 Q总 = 0.6 J 电阻R上产生的焦耳热 QR = [R/(R+r)] Q总 = 0.4 J
（1）对物块：μmg = ma1， a1 = 3 m/s²（方向向左） 对木板：μmg = Ma2， a2 = 1.5 m/s²（方向向右） （2）当两者速度相等时，木板速度最大，设经过时间t1，v0 - a1t1 = a2t1， 解得t1 = 4/3 s 木板最大速度 v共1 = a2t1 = 2 m/s （3）两者共速后，由于弹簧被压缩，木板减速，物块也减速，当两者速度再次相等时，弹簧被压缩到最短，设此时共同速度为v共2。 从开始到弹簧最短，系统动量守恒：mv0 = (M+m)v共2， 解得 v共2 = 2 m/s （4）法一：全过程能量守恒：½ mv0² = Q + ½ (M+m)v共2²， 解得 Q = 12 J 法二：Q = μmgs相对，第一阶段相对位移：Δs1 = v0t1 - ½ a1t1² - ½ a2t1² = 4 m 第二阶段（压缩弹簧至最短过程）物块与木板相对位移设为Δs2，由系统能量守恒： ½ (M+m)v共1² = ½ (M+m)v共2² + μmgΔs2， 解得 Δs2 = 0 （说明：第二阶段无相对滑动，速度从v共1变为v共2是弹簧弹力作用的结果，摩擦力未做功） 因此总热量 Q = μmgΔs1 = 0.3×1×10×4 = 12 J